题目链接：142. 环形链表 II
题目：

给定一个链表的头节点 head ，返回链表开始入环的第一个节点。 如果链表无环，则返回 null。

如果链表中有某个节点，可以通过连续跟踪 next 指针再次到达，则链表中存在环。 为了表示给定链表中的环，评测系统内部使用整数 pos 来表示链表尾连接到链表中的位置**（索引从 0 开始）**。如果 pos 是 -1，则在该链表中没有环。注意：pos 不作为参数进行传递，仅仅是为了标识链表的实际情况。
不允许修改 链表。
示例 1：

输入：head = [3,2,0,-4], pos = 1
输出：返回索引为 1 的链表节点
解释：链表中有一个环，其尾部连接到第二个节点。

示例 2：

输入：head = [1,2], pos = 0
输出：返回索引为 0 的链表节点
解释：链表中有一个环，其尾部连接到第一个节点。

示例 3：

输入：head = [1], pos = -1
输出：返回 null
解释：链表中没有环。

提示：
链表中节点的数目范围在范围 [0, 104] 内
-105 <= Node.val <= 105
pos 的值为 -1 或者链表中的一个有效索引

思路和算法：
这题解题的点有两个：
（1）判断是否有环；
（2）如果有环，如何找到入环的节点。
方案有两个，具体思路写在下方。
代码（c++）：

方案一：快慢指针
我们使用两个指针，$fast$ 与 $slow$。它们起始都位于链表的头部。随后，$slow$ 指针每次向后移动一个位置，而 $fast$ 指针向后移动两个位置。如果链表中存在环，则 $fast$ 指针最终将再次与 $slow$ 指针在环中相遇。
当发现$slow$ 与 $fast$ 相遇时，我们再额外使用一个指针 $cur$。起始，它指向链表头部；随后，它和 $slow$ 每次向后移动一个位置。最终，它们会在入环点相遇。

 //双指针
class Solution {
public:
    ListNode *detectCycle(ListNode *head) {
        ListNode* fast = head;  //定义快慢指针，快指针总是比慢指针多走两步
        ListNode* slow = head;
        while(fast && fast->next) {
            slow = slow->next;
            fast = fast->next->next;
            if(fast == slow) {  //如果快慢指针相遇，则表示链表有环
                ListNode* cur = head;
                while(cur != slow) {
                    cur = cur->next;
                    slow = slow->next;
                }
                return cur;
            }
        }
        return nullptr;
    }
};

方案二：哈希表
一个非常直观的思路是：我们遍历链表中的每个节点，并将它记录下来；一旦遇到了此前遍历过的节点，就可以判定链表中存在环。借助哈希表可以很方便地实现。

//哈希表
class Solution {
public:
    ListNode *detectCycle(ListNode *head) {
        unordered_set<ListNode*> hash;  //存放链表节点地址
        while(head) {
            if(hash.count(head)) {   //在哈希表中找到相同地址的节点
                return head;
            } 
            hash.insert(head);
            head = head->next;
        }
        return nullptr;
    }
};